红酒网站建设,wordpress xiu底部广告,有什么做数据的网站,推广公司游戏目录 一、560.和为K的⼦数组1.1 前缀和1.2 暴力枚举 二、974.和可被K整除的⼦数组2.1 前缀和2.2 暴力枚举 三、525.连续数组3.1 前缀和3.2 暴力枚举 四、1314.矩阵区域和4.1 前缀和4.2 暴力枚举 一、560.和为K的⼦数组
题目链接#xff1a;560.和为K的⼦数组 题目描述#x… 目录 一、560.和为K的⼦数组1.1 前缀和1.2 暴力枚举 二、974.和可被K整除的⼦数组2.1 前缀和2.2 暴力枚举 三、525.连续数组3.1 前缀和3.2 暴力枚举 四、1314.矩阵区域和4.1 前缀和4.2 暴力枚举 一、560.和为K的⼦数组
题目链接560.和为K的⼦数组 题目描述
题目解析
求数组中子串的和为k的个数。
1.1 前缀和
解题思路
假设已经创建好了一个前缀和数组dp我们使用前缀和的时候判断从0到 i 位置的和为k的子数组个数只需要在dp下标[ 0 , i - 1 ]中找dp元素值为dp[ i ] - k的个数即可。所以我们使用一个容器hash表来存储从0 到 i - 1的前缀和的个数关键字key就是前缀和values就是次数。细节处理 我们不需要真的使用前缀和数组只需要遍历原数组时用一个变量记录遍历过的元素和即可。 当该前缀和就是k的时候我们上面条件没有考虑所以我们还要先放入(0,1)表示这种情况。
解题代码
//时间复杂度O(n)
//空间复杂度O(n)
class Solution {public int subarraySum(int[] nums, int k) {MapInteger,Integer hash new HashMap();hash.put(0,1);int sum 0;int ret 0;for(int i 0; i nums.length; i) {sum nums[i];ret hash.getOrDefault(sum-k,0);hash.put(sum, hash.getOrDefault(sum,0)1);}return ret;}
}1.2 暴力枚举
解题思路
直接使用两层for循环将每一种可能枚举出来。
解题代码
//时间复杂度O(n^2)
//空间复杂度O(1)
class Solution {public int subarraySum(int[] nums, int k) {int ret 0;for(int i 0; i nums.length; i) {int sum 0;for(int j i; j nums.length; j) {sum nums[j];if(sum k) {ret;}}}return ret;}
}二、974.和可被K整除的⼦数组
题目链接974.和可被K整除的⼦数组 题目描述
题目解析
跟上一道题一样的思路只不过这个是求能被整除的个数而已。
2.1 前缀和
解题思路
同余定理如果a - b% p 0 那么a % p 和b % p值相等。Java中负数对正数取余修正在Java中负数对正数取余余数会是负数修正方法就是a % p p% p使用hash表将i下标前的每一个前缀和与k的余数存入。再看前面前缀和与当前 前缀和的余数相同的个数即可。当[0 , i]本身前缀和余数为0的时候就是一个符合条件的子数组。
解题代码
//时间复杂度O(n)
//空间复杂度O(n)
class Solution {public int subarraysDivByK(int[] nums, int k) {int ret 0;MapInteger,Integer hash new HashMap();hash.put(0 % k , 1);int sum 0;for(int x : nums) {sum x;int key (sum % k k ) % k;ret hash.getOrDefault(key,0);hash.put(key, hash.getOrDefault(key , 0) 1);}return ret;}
}2.2 暴力枚举
解题思路
直接遍历数组在将遍历元素的和取余即可。会超时。
解题代码
//时间复杂度O(n^2)
//空间复杂度O(1)
class Solution {public int subarraysDivByK(int[] nums, int k) {int ret 0;for(int i 0; i nums.length; i) {int sum 0;for(int j i; j nums.length; j) {sum nums[j];if((sum % k k) % k 0) ret;}}return ret;}
}三、525.连续数组
题目链接525.连续数组 题目描述
题目解析
要我们返回子数组中 0 和1 数量相等的最长子数组的长度。
3.1 前缀和
解题思路
我们使用一个容器hash表关键字key来记录原数组每个下标i中的1与0个数差而values记录这个差值的最小下标。注意边界情况如果刚好整个数组满足条件结果就是数组长 又等于nums.length-1 1所以我们初始一个(0,-1)求长度的时候我们在前面找到 j 下标与现在 i 下标关键字一样那么数组区间就是[ j1 , i ]
解题代码
//时间复杂度O(n)
//空间复杂度O(n)
class Solution {public int findMaxLength(int[] nums) {int ret 0;int n nums.length;MapInteger,Integer hash new HashMap();hash.put(0,-1);//前面1和0个数之差int num 0;for(int i 0; i n; i) {if(nums[i] 0) num--;else num;if(hash.containsKey(num)) ret Math.max(ret, i - hash.get(num));else hash.put(num, i);}return ret;}
}3.2 暴力枚举
解题思路
两层for循环遍历数组记录每一个子数组中1和0的个数当个数相同的时候更新结果。会超时
解题代码
//时间复杂度O(n^2)
//空间复杂度O(1)
class Solution {public int findMaxLength(int[] nums) {int ret 0;for(int i 0; i nums.length; i) {int oneNum 0;int zeroNum 0;for(int j i; j nums.length; j) {if(nums[j] 0) zeroNum;else oneNum;if(oneNum zeroNum) ret Math.max(ret,j-i1);}}return ret;}
}四、1314.矩阵区域和
题目链接1314.矩阵区域和 题目描述
题目解析
给一个二维数组给一个k返回的二维结果数组中数组( i , j )下标的值是原数组( i-k , j-k )到( ik , jk)的和。就像下图中红方框框起来的
4.1 前缀和
解题思路
其实着就是前缀和上篇中给出的二维前缀和模版。我们使用一个二维数组dp比原来数组多一行一列dp[ i ][ j ]就是原数组中(0 , 0)到(i - 1 , j -1)的元素和。dp[ i ][ j ] dp[ i - 1][j - 1] nums[ i - 1][j - 1]。在结果数组中与原数组大小一样本来是求原数组( i-k , j-k )到( ik , jk)的和。那么对应到dp数组中都要加1。注意越界如果( i-k , j-k )小于0那么就是0ik大于原数组行数那么就是原数组行数jk大于原数组列数那么就是原数组列数。
解题代码
//时间复杂度O(n^2)
//空间复杂度O(n^2)
class Solution {public int[][] matrixBlockSum(int[][] mat, int k) {int n mat.length;int m mat[0].length;int[][] dp new int[n1][m1];dp[0][0] mat[0][0];for(int i 1; i n; i) {for(int j 1; j m; j) {dp[i][j] dp[i-1][j] dp[i][j-1] - dp[i-1][j-1] mat[i-1][j-1];} } int[][] ret new int[n][m]; for(int i 0; i n; i) {for(int j 0; j m; j) {int x2 ik n-1 ? n-1 : ik;int y2 jk m-1 ? m-1 : jk;int x1 i-k 0 ? 0 : i-k;int y1 j-k 0 ? 0 : j-k;ret[i][j] dp[x21][y21] - dp[x21][y1-11] - dp[x1-11][y21]dp[x1-11][y1-11];}}return ret;}
}4.2 暴力枚举
解题思路
先两层for循环拿到结果数组行列再两层for循环求原数组( i-k , j-k )到( ik , jk)的和。
解题代码
//时间复杂度O(n^4)
//空间复杂度O(1)
class Solution {public int[][] matrixBlockSum(int[][] mat, int k) {int n mat.length;int m mat[0].length;int[][] ret new int[n][m];for(int i 0; i n; i) {for(int j 0; j m; j) {int x2 ik n-1 ? n-1 : ik;int y2 jk m-1 ? m-1 : jk;int x1 i-k 0 ? 0 : i-k;int y1 j-k 0 ? 0 : j-k;for(int w x1; w x2; w) {for(int q y1; q y2; q) {ret[i][j] mat[w][q];}}}}return ret;}
}
